Opgave 6. Opgave 7. Opgave 8. Peter Harremoës Mat A delprøve med hjælpemidler 15 december 2015

Transkript

1

2 Opgave 6 a) Se Bilag 3! b) Funktionen differentieres, sættes lig nul og ligningen løses. g (x) = 0 K ln (x) + K = 0 K ln (x) = K ln (x) = 1 x = e 1. Det stationære punkt har x = e 1. Opgave 7 a) Data indlæses i MS Excell og optælles ved hjælp af en pivottabel. b) Vi vil undersøge nedenstående nulhypotese. H 0 : Hyppighed af pizzaspisning afhænger ikke af ens beskæftigelse. Da p-værdien på ligger under signifikansniveauen på 0.05, kan vi afvise nulhypotesen og konkluderer, at der en signifikant sammenhæng mellem pizzaspisning og beskæftigelsen. Opgave 8 a) Den partikulære løsning til differentialligningen y = y (200 y) gennem (0, 30) bestemmes ved hjælp af GeoGebra. side 1 af 5

3 Grafen plottes og skæringspunktet med linjen y = 120 findes ved hjælp af GeoGebras skæringsværktøj. Heraf ses at x = 10.7 er løsning til ligningen f (x) = 120. Opgave 9 a) Sammenhængen mellem skærmstørrelse og pris for 60 computere fra en stikprøve fremgår af nedenstående plot. b) Den rette linje, som bedst passer med stikprøvens punkter, er y = 349x+363. Residualerne er plottet ovenfor. c) Et 95 % konfidensinterval udregnes til at være [46;651]. side 2 af 5

4 d) En ekspedient har påstået at prisen på en bærbar computer ikke hænger sammen med skærmstørrelsen. Ud fra plottet af sammenhængen mellem skærmstørrelse og pris for stikprøvens computere anes en svag sammenhæng. Ud fra stikprøven vil man vurdere at prisen stiger med ca. 350 kr. pr. tomme men som ekspedienten påpeger er der mange faktorer, som har betydning for prisen og på baggrund af stikprøven kan vi kun sige at prisen stiger med mellem ca. 50 kr. og 650 kr. pr. tomme. Vi kan afvise ekspedientens påstand om at skærmstørrelsen ikke har betydning for prisen, idet det er ret usandsynligt at den observerede tendens skyldes tilfældigheder. Opgave 10 a) Antallet af aktier, som stiger i værdi er binomialfordelt b (15, 0.56). Middelværdien er derfor =8.4. b) Sandsynligheden for, at alle aktier stiger i værdi, er = Opgave 11 a) Udbuds- og efterspørgselskurverne tegnes emd GeoGebra og skæringspunkterne med linjen f (x) = 3000 bestemmes ved hjælp af skæringsværktøjet til A = (405.04, 3000) og B = ( , 3000). Importen kan derfor udregnes som M = =981 stk. b) Ved hjælp af kommandoen integral mellem udregnes arealet af hver af de skraverede områder til c = og d = , så det samfundsmæssige tab bliver c + d = kroner. side 3 af 5

5 Opgave 12 a) Vi vil betegne antallet af HORISONT med x og antallet af VERTICAL med y. Det samlede dækningsbidrag er da f (x, y) = 6000x y. Produktionen er underlangt følgende betingelser. 2.5x + 5y 30 6x + 3y 36 20x + 20y 140 x 0 y 0 Betingelserne afgrænser et polygonområde som illustreret på nedenstående figur. b) Ved hjælp af GeoGebras skæringsværktøj bestemmes polygonområdets hjørner, og kriteriefunktionens udregnes i hjørnerne. f (0, 0) = = 0 f (6, 0) = = f (5, 2) = = f (2, 5) = = f (0, 6) = = Det største dækningsbidrag opnås ved produktion af 2 HOROSONT og 5 VERTICAL. c) Formuleringen af spørgsmålet er uklar. Vi vil undersøge hvormeget dækningsbidraget for HORISONT skal stige, for at løsningen i b) ikke længere er optimal. Sæt f (x, y) = ax y. Det kan gøres ved at løse uligheden f (5, 2) > f (2, 5) a > a a 2a > a > a > Hvis dækningsbidraget for HORISONT stiger til over 9000 kroner pr. stk. bør produktionssammensætningen ændres. side 4 af 5

6 Opgave 13A a) En funktion er givet ved f (x) = 0.5x 2 + 2x + cos (x), x [ 10; 10]. Den afledte er f (x) = x + 2 sin (x). Den 2. afledte er f (x) = 1 cos (x). Da cos (x) 1 er f (x) 0 og funktionen er konveks, så der er ingen vendetangenter. For at bestemme monotoniforholdene løses ligningen f (x) = 0 numerisk, hvilket giver x = Da funktionen er konveks må den være aftagende i [ 10; 2.55] og voksende i[ 2.55; 10]. b) For at finde det punkt, hvor tangenten har hældning 2, løses ligningen. f (x) = 2 x + 2 sin (x) = 2 x = sin (x) x = 0 At der ikke er andre løsninger end x = 0 følger af, at 2 sin (x) < 2x for x 0, da en sekant er kortere end den bue, den spænder over. Vi udregner f (0) = cos (0) = 1. Derfor har tangenten ligning y = 2 (x 0) + 1 eller y = 2x + 1. Opgave 13B a) Hvis en fond har en formue på kroner 1. januar, vil formuen d. 1. august være steget til = kroner. Hvis der udbetales kroner, vil formuen falde til kroner. Efter yderligere et år vil formuen være steget til = , så hvis der udbetales kroner vil formuen vokse. b) Hvis der efter et år igen skal stå kroner skal der efter udbetalingen stå = og man kan derfor udbetale = kroner uden at æde af formuen. Opgave 13C a+b) Funktionen f er givet ved f (x, y) = 0.2x x 0.4y y Da koefficienterne til x 2 og y 2 er negative har funktionen frit maksimum når x = b 2a = 60 d 2 ( 0.2) = 150 og y = 2c = 80 2 ( 0.4) = 100. Da punktet (150, 100) ligger inden for polygonområdet, er der maksimum under betingelserne i dettte punkt. Maksimum er f (150, 100) = = Da koefficienterne til x 2 og y 2 er negative bliver niveaukurverne N (t) : f (x, y) = t ellipser sålænge t er mindre en det frie maksimum på side 5 af 5

7

8